C#使用openFileDialog打开文件并且获取该路径

1. System.Diagnostics.Process.GetCurrentProcess().MainModule.FileName

－获取模块的完整路径。

2.System.Environment.CurrentDirectory

－获取和设置当前目录(该进程从中启动的目录)的完全限定目录。

3.System.IO.Directory.GetCurrentDirectory()

－获取应用程序的当前工作目录。这个不一定是程序从中启动的目录啊，

4.System.AppDomain.CurrentDomain.BaseDirectory

－获取程序的基目录。

5.System.AppDomain.CurrentDomain.SetupInformation.ApplicationBase

－获取和设置包括该应用程序的目录的名称。

6. System.Windows.Forms.Application.StartupPath

－获取启动了应用程序的可执行文件的路径。效果和2、5一样。只是5返回的字符串后面多了一个"\"而已

7.System.Windows.Forms.Application.ExecutablePath

－获取启动了应用程序的可执行文件的路径及文件名，效果和1一样。

对于Windows程序 和Web 应用程序来说,他们运行的路径是不一样的,所以关键是判断当前运行的程序是哪种程序.于是我们可以使用如下的代码

string path = ""

if (System.Environment.CurrentDirectory ==AppDomain.CurrentDomain.BaseDirectory)//Windows应用程序则相等

...{

path = AppDomain.CurrentDomain.BaseDirectory

}

else

...{

path = AppDomain.CurrentDomain.BaseDirectory + "Bin\"

}

这样如果我们写了一个类库,类库中用到了Assembly.LoadFrom,由于是通用类库,所以可能用到Windows程序中也可能用到Web中,那么用上面的代码就很方便了.

1、Server.MapPath

2、System.Windows.Forms.StartupPath

3、Type.Assembly.Location

方法2可以应用于控制台应用程序，WinForm应用程序，Windows服务，方法1可以应用于Web应用程序，方法3都可以应用。

但方法3是加载应用程序的路径。如果是Web应用程序，取得的路径是：C:\WINDOWS\Microsoft.NET\Framework\v1.1.4322\Temporary ASP.NET Files目录。所以Web项目还是使用Server.MapPath吧。否则建议使用方法2。如果自己新建类库。可以加入对System.Windows.Forms.StartupPath的引用后使用

Windows 窗体的 OpenFileDialog（打开文件对话框）组件是一个预先配置的对话框。它与 Windows *** 作系统的“打开文件”对话框相同。该控件是从 CommonDialog 类继承的。

在基于 Windows 的应用程序中，可该组件实现简单的文件选择，而不必配置自己的对话框。利用标准的 Windows 对话框，可以创建用户所熟悉的应用程序界面。

OpenFileDialog 组件的主要属性包括：

(1) Title 属性：获取或设置文件对话框标题。默认值为空字符串（""）。

如果标题为空字符串，系统将使用默认标题“打开”。

(2) Multiselect 属性：获取或设置一个值，该值指示对话框是否允许选择多个文件。

如果对话框允许同时选定多个文件，则为 true；反之，则为 false。默认值为 false。使用 FileNames 属性可访问选定文件名的完整列表。

(3) ShowReadOnly 属性：获取或设置一个值，该值指示对话框是否包含只读复选框。

如果对话框包含只读复选框，则为 true；否则为 false。默认值为 false。

(4) ReadOnlyChecked 属性：获取或设置一个值，该值指示是否选定只读复选框。

如果选中了只读复选框，则为 true；反之，则为 false。默认值为 false。

(5) Filter 属性：获取或设置当前文件名过滤字符串，该字符串决定对话框的“文件类型”框中出现的选择内容。

对于每个过滤选项，过滤字符串都包含过滤条件说明，后接一垂直线条（|）和过滤模式。不同过滤选项的字符串由垂直线条隔开。例如：

"Text files (*.txt)|*.txt|All files (*.*)|*.*"

如果要将多个过滤模式添加到过滤条件中，可用分号将文件类型分隔开，例如：

"Image Files(*.BMP*.JPG*.GIF)|*.BMP*.JPG*.GIF|All files (*.*)|*.*"

使用 FilterIndex 属性设置第一个显示给用户的过滤选项。

(6) FilterIndex 属性：获取或设置文件对话框中当前选定过滤条件的索引。

默认值为 1。第一个过滤条目的索引值为 1。

(7) FileName 属性：获取或设置一个包含在文件对话框中选定的文件名的字符串。也就是在对话框中选择的文件名，默认值为空字符串（""）。

文件名既包含文件路径也包含扩展名。如果未选定文件，将返回空字符串。

(8) FileNames 属性：获取对话框中所有选定文件的文件名。

属性值是一个 String 类型数组。每个文件名都既包含文件路径又包含文件扩展名。如果未选定文件，该方法将返回空数组。

该组件的主要方法包括：

(1) ShowDialog 方法：在运行时显示对话框。

(2) OpenFile 方法：打开用户选定的具有只读权限的文件，该文件由 FileName 属性指定。

使用该方法可从对话框以只读方式快速打开文件。

下面的实例简单介绍了如何使用打开文件对话框（OpenFileDialog）组件来选择文件的编程技术。

具体步骤如下：

(1) 启动Visual Studio 2005，新建一个C# Windows应用程序项目，如下图所示（点击可看大图）。

(2) 在程序设计窗体中添加一个Label控件，设置其Text属性为“您选择的文件：”；再添加一个TextBox控件，保留其默认属性即可；再添加一个Button控件，设置其Text属性为“选择文件”。调整窗体和控件的大小以适合窗口。

(3) 向程序设计窗体中添加一个OpenFileDialog控件，在属性对话框中设置其Filter属性为“所有文件(*.*)|*.*|文本文件(*.txt)|*.txt|WPS文档(*.wps)|*.wps|Word文档(*.doc)|*.doc”，设置其FileName属性为空字符串。

将 OpenFileDialog 控件添加到窗体后，它会出现在窗体设计器底部的栏中。

(4) 为Button控件（button1）的鼠标单击（Click）事件添加如下代码：

private void button1_Click(object sender, EventArgs e)

{

if (this.openFileDialog1.ShowDialog() == DialogResult.OK)

{

this.textBox1.Text = this.openFileDialog1.FileName

}

}

运行实例程序，单击“选择文件”按钮将d出您熟悉的Windows“打开”对话框，选择文件后，文件名显示在窗体的文本框中。

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